YOMEDIA
NONE

Cho 0,6 mol hỗn hợp E chứa 3 este thuần chức mạch hở X, Y, Z (MX < MY < MZ; X chiếm 75,723% về khối lượng; mỗi este chỉ tạo nên bởi 1 axit cacboxylic) tác dụng vừa đủ với 340 ml dung dịch NaOH 2M, thu được hỗn hợp T chứa 3 ancol no có số nguyên tử cacbon liên tiếp nhau và 49,18 gam hỗn hợp N chứa 3 muối; tỉ khối hơi của T so với He bằng 9. Đốt cháy hết 49,18 gam N cần vừa đủ 0,655 mol \(O_2\). Phần trăm khối lượng của Y trong E là

A. 7,99%.

B. 6,70%.

C. 9,27%.

D. 15,01%.

Theo dõi Vi phạm
ATNETWORK

Trả lời (1)

  • Đốt muối —> nCO2 = u và nH2O = v

    nNaOH = 0,68 —> nNa2CO3 = 0,34

    Bảo toàn khối lượng: 49,18 + 0,655.32 = 0,34.106 + 44u + 18v

    Bảo toàn O: 0,68.2 + 0,655.2 = 0,34.3 + 2u + v

    —> u = v = 0,55

    —> Các muối đều đơn chức —> nT = nE = 0,6

    Ancol có nC = a, nH = b và nO = 0,68

    nT = b/2 – a = 0,6

    mT = 12a + b + 0,68.16 = 0,6.36

    —> a = 0,68 và b = 2,56

    Do MT = 36 —> Có CH3OH

    Mặt khác, các ancol có số C kế tiếp nhau và nC = nO = 0,68 nên các ancol còn lại là C2H4(OH)2 và C3H5(OH)3.

    Bảo toàn khối lượng —> mE = 43,58

    —> ME = 72,63 —> X là HCOOCH3 (43,58.75,723/60 = 0,55 mol)

    nE = 0,55 + nY + nZ = 0,6

    nNaOH = 0,55 + 2nY + 3nZ = 0,68

    —> nY = 0,02; nZ = 0,03

    Quy đổi muối thành HCOONa (0,68), CH2 (u), H2 (v)

    m muối = 0,68.68 + 14u + 2v = 49,18

    nO2 = 0,68.0,5 + 1,5u + 0,5v = 0,655

    —> u = 0,21 và v = 0

    Muối tạo ra từ Y là HCOONa.yCH2 (0,04) và từ Z là HCOONa.zCH2 (0,09)

    —> nCH2 = 0,04y + 0,09z = 0,21

    —> y = 3, z = 1 là nghiệm duy nhất.

    Y là (C3H7COO)2C2H4 (0,02) và Z là (CH3COO)3C3H5 (0,03)

    —> %Y = 9,27%

      bởi Trần Thị Trang 01/06/2021
    Like (0) Báo cáo sai phạm

Nếu bạn hỏi, bạn chỉ thu về một câu trả lời.
Nhưng khi bạn suy nghĩ trả lời, bạn sẽ thu về gấp bội!

Lưu ý: Các trường hợp cố tình spam câu trả lời hoặc bị báo xấu trên 5 lần sẽ bị khóa tài khoản

Gửi câu trả lời Hủy
 
NONE

Các câu hỏi mới

AANETWORK
 

 

YOMEDIA
ATNETWORK
ON