Hỗn hợp E gồm ba este no, mạch hở X và Y đều hai chức (nY > nX), Z ba chức. Đốt cháy 18,74 gam E cần dùng 0,675 mol O2.

m_ddNaOH = 123,15 – 18,74 = 104,41

→ n_NaOH = 104,41.11,11%/40 = 0,29

Bảo toàn khối lượng → m_Q = 5,9

Đốt Q → n_H2O = u và n_CO2 = v

→ n_Q = u – v = 0,12

Bảo toàn khối lượng: 18u + 44v = 5,9 + 0,29.32

→ u = 0,33; v = 0,21

n_O(Q) = (m_Q – m_C – m_H)/16 = 0,17

→ Có 0,29 – 0,17 = 0,12 mol OH nằm trong muối

M _muối < 100 → Có HO-CH₂-COONa (0,12) và 2 muối còn lại đều đơn chức, có khối lượng = 24,44 –  0,12.98 = 12,68 và số mol = 0,29 – 0,12 = 0,17

→ M = 74,58 → HCOONa (0,09) và CH₃COONa (0,08)

Do không có muối đa chức nên phải có 2 ancol đơn để tạo các este, mặt khác số C ancol = 0,21/0,12 =  1,75 nên có 1 ancol là CH₃OH, hai ancol còn lại là AOH và B(OH)₂, trong đó A, B cùng cacbon.

RCOO-CH₂-COO-CH₃: x mol

R’COO-CH₂-COO-A: y mol

R”COO-CH₂-COO-B-OOC-R”’: 0,29 – 0,12.2 = 0,05 mol

TH₁: y = 0,05 – 0,01 = 0,04 → x = 0,03

n_C(Ancol) = 0,03.1 + 0,04C_A + 0,05C_B = 0,21

→ C_A = C_B = 2

Kết hợp số mol 2 muối ta có:

X là CH₃COO-CH₂-COO-CH₃: 0,03 mol

Y là HCOO-CH₂-COO-C₂H₅: 0,04 mol

Z là HCOO-CH₂-COO-CH₂-CH₂-OOC-CH₃: 0,05 mol

(Có thể đảo vị trí muối cacboxylat trong Z)

→ %Z = 50,69%

TH₂: y = 0,05 + 0,01 = 0,06 → x = 0,01

n_C(Ancol) = 0,01.1 + 0,06C_A + 0,05C_B = 0,21

Vì C_A = C_B nên vô nghiệm.