Cho 8,28 gam chất hữu cơ A chứa C, H, O (có CTPT trùng CTĐG) tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ,

- Khi cho 8,28 gam A tác dụng với NaOH thì: BTKL 

\({n_{{H_2}O\,({\rm{sp khi t/d vs}}\,NaOH)}} = \frac{{{m_X} + 40{n_{NaOH}} - {m_{{\rm{ran khan}}}}}}{{18}} = 0,12\,mol\)

\(\,({\rm{ }}{{\rm{n}}_{NaOH}} = 2{n_{N{a_2}C{O_3}}} = 0,18\,mol)\)

- Khi đốt hỗn hợp rắn khan thì:

Bảo toàn H: \({n_{H(trong{\rm{ X)}}}} = {n_{{H_2}O(sp{\rm{ chay)}}}} + {n_{{H_2}O(sp{\rm{ phan ung vs NaOH)}}}} - {n_{NaOH}} = 0,36\,mol\)

Bảo toàn C: \({n_{C(trong\,X)}} = {n_{C{O_2}}} + {n_{N{a_2}C{O_3}}} = 0,42\,mol\)

\(\Rightarrow {n_{O(trong\,X)}} = \frac{{{m_X} - 12{n_C} - {n_H}}}{{16}} = 0,18\,mol\)

→ \({n_C}:{n_H}:{n_O} = 7:6:3\),  theo đề A có CTPT trùng với CTĐG nhất của A nên CTPT của A là: \({C_7}{H_6}{O_3}\)

- Nhận thấy rằng: \(\frac{{{n_X}}}{{{n_{NaOH}}}} = \frac{{0,06}}{{0,18}} = \frac{1}{3}{\rm{ ; }}\frac{{{n_X}}}{{{n_{{H_2}O({\rm{sp phan ung vs NaOH)}}}}}} = \frac{1}{2}\)

- Từ các dữ kiện trên ta suy ra được CTCT của A là: \(HCOO{C_6}{H_4} - OH\)

- Phương trình phản ứng: \(HCOO{C_6}{H_4}OH(A) + 3NaOH\overset{t^{0}}{\rightarrow}HCOONa + {C_6}{H_4}{(ONa)_2} + 2{H_2}O\)

- Cho hỗn hợp rắn qua H₂SO₄ dư thu được HCOOH (X) và C₆H₄(OH)₂ (Y). Vậy số nguyên tử H trong Y là 6.