Thủy phân X (gồm 3 este đơn chức)+ NaOH

Giả thiết, \(\Delta m\) bình Na tăng ta có: \(\left\{\begin{matrix} m_{R'OH}=2,48+0,04.2=2,56 \ gam\\ n_{R'OH}=0,04.2=0,08 \hspace{70pt} \end{matrix}\right.\Rightarrow M_{R'OH}=\frac{2,56}{0,08}=32\rightarrow :CH_3OH\)

Vậy Y là ancol no, kết hợp với các giả thiết \(\Rightarrow 5,58 \ gam\left\{\begin{matrix} \overline{R}COOCH_3:a \ mol\ (k=1)\rightarrow \overline{C}_{Este \ no}>2 \qquad\\ R_1CH=CHCOOCH_3;b \ mol \ (k=2)\rightarrow C=n \end{matrix}\right.\)

Khi đó, áp dụng bảo toàn số nhóm gốc CH_3^-, mối liên hệ của độ bất bào hòa k và bảo toàn khối lượng, ta có:

\(\left\{\begin{matrix} a+b=n_{CH_3OH}=0,08 \ mol \hspace{70pt}\\ b=n_{CO_2}-n_{H_2O}=n_{CO_2}-0,22 \hspace{50pt}\\ 12n_{CO_2}+2.0,22+16.2(a+b)=5,88 \ gam \end{matrix}\right.\Rightarrow \left\{\begin{matrix} a=0,06 \ mol \ \ \ \ \ \\ b=0,02 \ mol \ \ \ \ \ \\ n_{CO_2}=0,24 \ mol \end{matrix}\right.\)

Áp dụng bảo toàn nguyên tố C, ta có: \(\underbrace{0,06.2}_{\substack{>}}+0,02n=n_{CO_2}=0,24 \ mol\Rightarrow n<6\)

Mặt khác, do axit không đó đồng phân hình học ⇒ Este không no cũng có đồng phân hình học ⇔ Số C > 4.

Vậy Este không no là CH₃-CH=CHCOOCH₃ (0,02 mol) ⇒ \(\%m=\frac{0,02.100}{5,88}.100=34,01\%\)