X, Y, Z là 3 este đều đơn chức, mạch hở ( Y và Z không no có một liên kết C=C và có tồn tại đồng phân hình h�

Đáp án D

21,62 gam E (este đều đơn chức) + vừa đủ 0,3 mol NaOH \(\to {{n}_{COO\text{ trong E}}}=0,3\text{ mol}\)

Đốt 21,62 gam E (0,3 mol) + O₂ → X mol CO₂ + y mol H₂O

(CO₂ + H₂O) + Ca(OH)₂ dư có \(\Delta {{m}_{\text{dung dich giam}}}\) = 56x - 18y = 34,5 gam.

Lại có \({{m}_{E}}\) = 12x + 2y + 0,3.32 = 21,62 gam → x = 0,87 mol và y = 0,79 mol.

\(\overline{C}=\frac{{{n}_{E}}}{{{n}_{C{{O}_{2}}}}}=\frac{0,87}{0,3}=0,29\to X:HCOOC{{H}_{3}}.\)

\(\to \sum{{{n}_{C{{O}_{2}}}}}-\sum{{{n}_{{{H}_{2}}O}}}={{n}_{Y+Z}}=0,08\ mol\to {{n}_{X}}=0,22\ mol.\)

Chú ý: Y, Z không no và thủy phân cho ancol nên số \(C_{Y,Z}^{{}}\)\(\ge \) 4.

Chặn số C_{trung bình của X} < \(\frac{0,87-0,08.4}{0,22}\)= 2,5 → số C_x = 2 hay X là HCOOCH₃.

• Biện luận: hai ancol đồng đẳng nên ancol còn lại là C₂H₅OH.

Thủy phân E chỉ cho 2 muối mà 1 muối là HCOONa (no rồi)

→ 1 muối còn lại phải là không no 1 C=C là gốc axit của Y và Z.

nghĩa là Y là \({{C}_{n}}{{H}_{2n-1}}COOC{{H}_{3}}\]và Z là \[{{C}_{n}}{{H}_{2n-1}}COO{{C}_{2}}{{H}_{5}}\) (Y, Z đồng đẳng kế tiếp)

Đơn giản, tính lại số \({{C}_{trung\text{ binh }Y,Z}}\) =\(\frac{0,87-0,22.2}{0,08}\) = 5,375.

→ Số C_Y = 5 và số C_z = 6.

→ Chỉ quan tâm muối lớn trong F là 0,08 mol C₃H₅COONa → rn_muối = 8,64 gam